mysql_result()期望参数1是给定对象的resource

Question

作为登录系统的一部分，我需要检查数据库中是否存在用户名，因此我创建了一个查询，检查用户输入的用户名是否已经存在。

使用mysql_result，我检查id是否大于null。如果是：用户存在，如果不是，则用户不存在。但这里出了问题，wampserver给了我这个错误：

警告：mysql_result((要求参数1是resource，在第6行的users.php中给出的对象

function user_exists($username){
    global $user_db;
    $username = sanitize($username);
    $query = mysqli_query($user_db , "SELECT COUNT(`id`) FROM `users` WHERE `username` = '$username'");
    $result = mysql_result($query, 0); //line 6
    if(!$result){
        return false;
    }else{
        return true;
    }
}

这就是调用该函数的代码：

if(user_exists('name') === true){
    echo 'exists';
}
$user_db = mysqli_connect("localhost","root","","databaseName"); 

我尝试了什么：
如果我这样做：mysqli_result($result,0,"id");，我会得到这个错误：Call to undefined function mysqli_result()。从这个问题中得到了这个建议

像我这样的问题的所有答案都说你不应该使用mysql和CCD_ 5，但只有其中一个，但当我只使用CCD_。

有人能告诉我怎么解决这个问题吗。

Answer 1

您将mysql和mysqli混合了一点。mysqli驱动程序中没有函数mysqli_result((。然而，我找到了解决你问题的办法。来自PHP文档中的注释：

将旧项目从使用mysql扩展转换为mysqli扩展，我发现最烦人的变化是缺少mysqli中对应的mysql_result函数。而mysql_result是一般来说，函数很糟糕，它对获取单个结果集的结果字段值(例如，如果查找用户的ID(。

mysql_result的行为在这里是近似的，尽管您可能想要将其命名为mysqli_result以外的名称，以避免思考这是一个实际的内置函数。

代码：

<?php  function mysqli_result($res, $row, $field=0) { 
      $res->data_seek($row); 
      $datarow = $res->fetch_array(); 
      return $datarow[$field];  }  
?>

来源：http://php.net/manual/en/class.mysqli-result.php