给定一个初始位置在左上角单元格的 M X N 矩阵,找到从初始位置到达矩阵右下角单元格的可能唯一路径的数量。
可能的移动可以在任何时间点向下或向右移动。
对于 M=5,N=11 的输入。正确的输出应为 1001。
对于不同的 IDE,输出是不同的。
#include<stdio.h>
int div(int tot,int j,int n,int m)
{
int i;
int fn=1;
int fd=1;
int f=1;
int p;
for(i=tot;i>=j;i--)
{
fn=fn*i;
}
for(i=n;i>=1;i--)
{
fd=fd*i;
}
p=fn/fd;
for(i=j-1;i>=m+1;i--)
f=f*i;
p=p*f;
return p;
}
int main()
{
int M,N;
int unqPath;
int i,T;
int j,path;
int m,n;
int flag=0;
scanf("%d",&T);
for(i=0;i<T;i++)
{
scanf("%d",&M);
scanf("%d",&N);
if(M>=N)
{
path=1;
for(j=(M-1)+(N-1);j>(M-1);j--)
{
path=path*j;
if(path<=0)
{
unqPath=div(((M-1)+(N-1)),j+1,N-1,M-1);
flag=1;
printf("nn%d",unqPath);
break;
}
}
if(flag==0)
{
n=1;
for(j=(N-1);j>=1;j--)
{
n=n*j;
}
unqPath=path/n;
printf("%d",unqPath);
}
}
else
{
path=1;
for(j=(M-1)+(N-1);j>(N-1);j--)
{
path=path*j;
if(path<=0)
{
unqPath=div((M-1)+(N-1),j+1,M-1,N-1);
flag=1;
printf("%d",unqPath);
break;
}
}
if(flag==0)
{
m=1;
for(j=(M-1);j>=1;j--)
{
m=m*j;
}
unqPath=path/m;
printf("n%d",unqPath);
}
}
}
return 0;
}
你的程序太复杂了。您应该首先研究构建路径以赢得时间的方式。
在给定的点 x,y 处,您可以向下或向右移动。因此,从这一点开始的路径数是向下或向右移动时路径数的总和。
特殊情况是当点位于边界上时,其中只有一条路径。
因此,您将获得以下代码,其中包含计算的递归实现:
#include <stdio.h>
// cells are numbered (1..xmax, 1..ymax)
// x an y are position of points
// xmax and ymax are the rectangle size
int nbrpaths(int x, int y, int xmax, int ymax)
{
if(x==xmax || y==ymax) return 1; // On a south or east border ->
// only one solution: go straight right or down
return nbrpaths(x+1,y,xmax,ymax) // go right and find a path
+ nbrpaths(x,y+1,xmax,ymax); // go down and find a path
}
int main()
{
int xmax=5, ymax=11, x=1, y=1;
int nbr=nbrpaths(x,y,xmax,ymax);
printf("number of paths: %dn",nbr);
}
// prints: number of paths: 1001
如果矩阵为 n x m,则唯一路径的数量为 (n+m-2(!/((n-1(!(m-1(!您可以简单地编写该公式。
请参阅维基百科中的组合。
这样看:
当您位于左上角并向下移动时,您将获得一个新矩阵,其中少了 1 行和相同数量的列。
当您位于左上角并移动 1 个 rigth 然后向下移动时,您将获得一个新矩阵,其中少了 1 行和 1 列。
当您在左上角并移动 2 个 rigth 然后向下移动时,您会得到一个新矩阵,其中少了 1 行和 2 列。
等等。
因此,要计算 (R, C( 矩阵的结果,您可以将其计算为来自多个较小矩阵的结果之和。喜欢:
count(R, C) = count(R-1, C-0) + count(R-1, C-1) + count(R-1, C-2) + ... + count(R-1, 1)
这可以通过递归来处理。像这样:
#include <stdio.h>
int count(int r, int c)
{
if (r == 1) return 1;
if (c == 1) return 1;
int sum = 0;
for (int i=0; i < c; ++i)
{
sum += count(r-1, c-i);
}
return sum;
}
int main()
{
int r=5, c=11;
int res=count(r,c);
printf("Result: %dn", res);
}