我必须释放一棵树并使用特定函数将其根设置为 NULL。我尝试使用一种回溯方法。但是如果我编译,我会收到一些关于"不兼容的指针类型"的警告,我无法解决它。这是结构:
typedef struct node {
int key;
struct node *left, *mid, *right;
} node_t;
这里是函数。无法更改第一行:
void free_tree (node_t ** root){
if(root != NULL){
free_tree((*root)->left);
free_tree((*root)->mid);
free_tree((*root)->right);
free(*root);
}
return;
}
任何帮助将不胜感激
您的函数需要一个指向节点的指针。你在递归调用中三次给它一个指向节点的指针。此外,您不会验证指针到指针及其指向的指针是否为非 null;你只是在验证前者。
简而言之,您的函数应如下所示:
void free_tree (node_t ** root)
{
if(root && *root)
{
free_tree(&(*root)->left);
free_tree(&(*root)->mid);
free_tree(&(*root)->right);
free(*root);
*root = NULL;
}
}
最后一个功能行是可选的,但坦率地说,除非你无论如何都要这样做,否则使用指针到指针执行此操作是没有意义的,因为它在擦除树后将调用方的指针设置为 NULL。给定正确构建的树,调用方应在销毁整个树时提供树根的地址,如下所示:
node_t *root = NULL;
// ... build tree ...
free_tree(&root);
// root is now NULL; tree is destroyed
你的问题不能回答得很清楚,但至少我可以告诉你为什么你对incompatible pointer type
有这个警告:
您的函数原型是
void free_tree (node_t ** root);
它的论点是一个node_t **
.
您的结构是
typedef struct node {
int key;
struct node *left, *mid, *right;
} node_t;
所以在你的函数中:
void free_tree (node_t ** root)
{
if(root != NULL)
{
free_tree((*root)->left); <<< '(*root)->left' is of type 'node_t *'
free_tree((*root)->mid); <<< '(*root)->mid' is of type 'node_t *'
free_tree((*root)->right); <<< '(*root)->right' is of type 'node_t *'
free(*root);
}
return;
}
你调用函数,给出一个node_t *
作为参数,而你的函数需要一个node_t **