在 django 项目的生产模式下访问文件

Question

对于我的 Django 项目，我必须打开一个永久位于服务器上的 xsl-文件，以对用户可以上传的其他文件执行一些操作。在开发模式下，我只是在 python 脚本中使用了一个相对路径来指向该 xsl-文件，它工作正常：

xslFile = open('./transform.xsl')

但是，由于我现在处于将项目部署到服务器的阶段，因此我在更改该行代码时遇到麻烦，以便仍然可以在生产模式下找到该文件。 我已经尝试设置一个绝对路径，例如

xslFile = open('/srv/www/htdocs/djangoProject/mysite/transform.xsl')

这引发了错误。此外，我尝试将文件移动到我在 settings.py 中声明的静态目录：

STATIC_URL = '/static/'
STATIC_ROOT = os.path.join(BASE_DIR, 'static/')

然后尝试像这样打开文件：

from django.conf import settings
xslFile = open(os.path.join(settings.STATIC_ROOT, 'transform.xsl'))

但是，这两种尝试都会生成以下错误消息：

FileNotFoundError at/mysite/add/

[错误 2] 没有这样的文件或目录："transform.xsl">

请求方法：开机自检请求

网址： xx.xx.xx.xxx/mysite/add/姜戈 版本： 2.2.7 异常

类型：文件未发现错误异常值：[错误 2] 没有这样的文件或 目录："转换.xsl"异常

位置：/srv/www/htdocs/djangoProject/mysite/createDatabase.py in handleInputFiles， line 84 Python 可执行文件：/usr/bin/python3 Python 版本： 3.6.5

django 应用程序由 Apache2 安装使用 wsgi.py 接口访问。

访问 xsl 文件的正确方法是什么？

Answer 1

您确定您的文件以*.xsl结尾吗？ 也许是错别字.xls

在settings.py中，您有默认的基本目录。这是项目的基础。 如果您将 xls 放在媒体/myxls 中.xls

BASE_DIR = os.path.dirname(os.path.dirname(os.path.abspath(__file__)))

在您的views.py

from myproject.settings import BASE_DIR
import os
with open(os.path.join(BASE_DIR,'media/myxls.xls') as file:
print(myfile.read())

如果您以这种方式访问文件，则无需使用绝对路径，并且非常灵活。

将文件放入静态文件夹时，是否运行了./manage.py collectstatic？