我有一个PHP脚本,在其脚本的开头包含以下行:
$file=$argv[$argc-1];
在上面的行中,$file应该表示用户选择的文件路径。我还应该指出,在同一个PHP页面是一个表单。表单是一个基本的,只有一个名为"提交"的提交按钮和一个名为"fpath"的文本框。表单的布局如下:
<form method=post action='page1.php' enctype="multipart/form-data">
</form>
所以,基本上我需要完成的是传递一个命令行参数到当前页面(page1.php)。
我该如何在PHP中这样做呢?
谢谢你,艾凡
您需要使用$_POST['key']
从POST表单获取参数
对于文件,使用$_FILES
<?php
if ($_FILES["file"]["error"] > 0)
{
echo "Error: " . $_FILES["file"]["error"] . "<br />";
}
else
{
echo "Upload: " . $_FILES["file"]["name"] . "<br />";
echo "Type: " . $_FILES["file"]["type"] . "<br />";
echo "Size: " . ($_FILES["file"]["size"] / 1024) . " Kb<br />";
echo "Stored in: " . $_FILES["file"]["tmp_name"];
}
?>