函数返回局部变量[- wreturn -local-addr]的地址

Question

我正在编写一个简单的程序，该程序将获取给定变量的内存地址高达64位(unsigned long)。目前这是我的代码，但由于某种原因，编译器向我抛出警告，说我的方法返回了一个局部变量的地址，而这正是我想要的。

int main(int argc, char *argv[])
{
 char* one = argv[1];
 long memaddress = address(one);
}
uint64_t address( char * strin)
{
        return (uint64_t) &strin;
}

我该如何减轻这个警告，什么可能导致这个警告出现?

Answer 1

您可以想象函数定义和它的调用

long address = address(one);
//...
uint64_t address( char * strin)
{
        return (uint64_t) &strin;
}

下面的方法

long address = address(one);
//...
uint64_t address( void )
{
        char * strin = one;
        return (uint64_t) &strin;
}

如您所见，变量strin是函数的局部变量。它将在退出函数后被销毁。因此，退出函数后其地址将无效。编译器会警告你这个

为了避免警告，您至少可以按照以下方式编写函数

uint64_t address( char ** strin)
{
        return (uint64_t) &*strin;
}

并将其命名为

long address = address(&one);

Answer 2

参数strin是address函数的局部参数，当address返回时不存在，导致main函数中的指针值无效，因此出现警告。

Answer 3

strin是一个在address中按值传递的指针。

你实际上是在尝试返回它的地址，尽管转换成不同的类型。

但是一旦函数退出，strin的地址将不再有效，并且您的友好编译器会警告您。

解决方案是使用void*作为地址，而不是为完全不同的东西设计的某些类型

Answer 4

当您将变量传递给函数时，它会创建该变量的副本，并将其作为局部变量传递给您调用的函数。如果您返回这个变量的地址，您将获得从返回的函数的局部变量的位置。也就是说，在本例中，您将不会获得one变量的位置，而是strin变量的位置。