Roslyn Analyzer标记属性的返回类型

Question

我正在为Roslyn编写一个分析器，它需要标记属性的返回类型。我把它标记在财产申报单上。我已经查看了调试器，但找不到以返回类型令牌为目标的位置。

示例：

// important code for analzyer
public override void Initialize(AnalysisContext context)
{
context.RegisterSyntaxNodeAction(AnalyzeSyntax, SyntaxKind.MethodDeclaration, SyntaxKind.PropertyDeclaration);
}
private static void AnalyzeSyntax(SyntaxNodeAnalysisContext context)
{
var propertySymbol = context.ContainingSymbol as IPropertySymbol;
var propertyType = propertySymbol.Type;
if (propertyType.Name != "Class1") return;
var diagnostic = Diagnostic.Create(Rule, propertySymbol.Locations[0], propertyType.Name);
context.ReportDiagnostic(diagnostic);
break;
}
// example where it should be working
public class Usage
{
public Class1 Test { get; set; }
}

它目前将绿色的歪歪扭扭放在Usage.Test属性名称下，但我希望它放在该属性的返回类型下。

context.ContainingSymbol具有Locations属性，但其中只指定了一个位置，并且它专门指向Test。context.Node指定了覆盖整个属性的其他几个跨距，但它不是完整的Location对象，所以我不能使用它们。

编辑1

显然，重要的是，我正在VS 2017的.Net标准中做这件事。.Net 4.5分析器可以通过MSBuildWorkspace和SymbolFinder类访问用法，但由于某种原因，.Net Standard没有MSBuildWorkspace，因此我无法将当前解决方案传递给SymbolFinder.FindReferencesAsync()。

Answer 1

上下文。Node指定了覆盖整个属性的其他几个跨距，但它不是一个完整的Location对象，所以我不能使用它们。

答案在于从TextSpan创建Location。要做到这一点，您可以使用Location.Create()，它接受语法树和跨度。这两者都可以通过context.Node属性获得。

var propertyTypeIdentifier = ((PropertyDeclarationSyntax) context.Node).Type;
name = propertyType.Name;
location = Location.Create(propertyTypeIdentifier.SyntaxTree, propertyTypeIdentifier.Span);